обзор файлов на компютере

[Niko]

мне надо чтобы человек выбирал у себя на компе картинку (с помощью обзора!) естественно ее адрес вставлялся в форму,и обработчик загружал ее непосредственно на сервер,а затем вставлял путь на сервере к этой картинке в эту форму. Думаю с загрузкой файла я разберусь,подскажите просто как сделать обзор по файлам на компьютере,и как в конце осуществить вывод пути файла уже на сервере,в форму....

 

[Sulik]

<input type="file">

 

[Niko]

видимо я недоучил html....хорошо спасибо,а чтобы в конце выводить путь к файлу,обязательно заносить путь картинки в базу?

 

[Sulik]

нет
$path = "/files/";
copy($_FILES['youfile']['tmp_name'], $path.$_FILES['youfile']['name'])
$newpath = $path.$_FILES['youfile']['name'];

<input type="file" name="youfile" value="<?=$newpath?>">

 

[Ragazzo]

нет

<input type="file" name="youfile" value="<?=$_FILES['youfile']['tmp_name']?>">

Щито?

 

[Sulik]

Щито?

Какой вопрос такой ответ

 

[Niko]

то есть это в принципе как то подругоме делается?

 

[Sulik]

в value вставь путь!

 

[Sulik]

в file вставь путь!

 

[Ragazzo]

Sulik
Ты уверен в адекватности своих советов?

 

[Sulik]

Sulik
Ты уверен в адекватности своих советов?

Я понял что тупанул. как можно в файл вставить файл сервера

 

[Ragazzo]

Sulik
http://msdn.microsoft.com/en-us/library/ms535128(v=vs.85).aspx
The property is read-only.

 

[Niko]

так как я новичок то немного путаюсь во многом, помогите объяснить,

вот форма

<form name="form1" method="post" action="upload.php" enctype="multipart/form-data">

<p>
<label>

<input name="filehost" id="filehost" type="file" >
</label>
</p>

<p>
<label>
<input type="submit" name="submit" id="submit" value="Загрузить картинку">
</label>
</p>
</form>

, вот файл аплоуд

<?php
if($_FILES["filename"]["size"] > 1024*3*1024)
{
echo ("Размер файла превышает три мегабайта");
exit;
}
if(copy($_FILES["filename"]["tmp_name"],
"c:/temp/".$_FILES["filename"]["name"]))
{
echo("Файл успешно загружен <br>");
echo("Характеристики файла: <br>");
echo("Имя файла: ");
echo($_FILES["filename"]["name"]);
echo("<br>Размер файла: ");
echo($_FILES["filename"]["size"]);
echo("<br>Каталог для загрузки: ");
echo($_FILES["filename"]["tmp_name"]);
echo("<br>Тип файла: ");
echo($_FILES["filename"]["type"]);
} else {
echo("Ошибка загрузки файла");
}
?>

,я тупо вставил код с сайта,потом попробовал разобраться,не получилось,а именно не понимаю вот этой строки

if(copy($_FILES["filename"]["tmp_name"],
"c:/temp/".$_FILES["filename"]["name"]))

 

[Sulik]

исправь
if(copy($_FILES["filehost"]["tmp_name"],
"c:/temp/".$_FILES["filehost"]["name"]))

 

[Ragazzo]

Niko
копирование файла в директорию "c:/temp/" плюс текущее имя файла, лучше используй move_uploaded_file ( )
http://php.net/manual/en/function.move-uploaded-file.php

 

[Sulik]

<input name="filehost" id="filehost" type="file" > ---------- видишь в чем дело -------- $_FILES["filehost"]

 

[Sulik]

или вот еще
http://www.php.net/manual/en/features.file-upload.multiple.php

 

[Niko]

а если на хостинге уже лежит,то вместо c:/temp/ что ставить?

 

[Sulik]

напиши просто temp почитай лучше по ссылкам выше там всё написанно

 

[Niko]

хорошо,я постараюсь перевести,просто английского почти не знаю( ,спасибо тебе большое,вроде разобрался.....вот еще одно но,

if(copy($_FILES["filehost"]["tmp_name"],
"x:/home/localhost/www/zakko/files/".$_FILES["filehost"]["name"]))

,некая картинка,выносит при

echo("<br>Каталог для загрузки: ");
echo($_FILES["filename"]["tmp_name"]);

-

X:\tmp\phpED05.tmp

,хотя картинка лежит там куда и должна была загрузится....как сделать чтобы выводило нормальный каталог,то есть x:/home/localhost/www/zakko/files/картинка_любая.формат ?